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在例程中有几个参数的获得不是很清楚。
问题1 比如在ICMD环节的补偿参数dwFdFwd_Comp = _IQ26(1.0); //3020*3.3/(4.99*Vrms*1.414),按照注释中的公式如何得到IQ26(1.0)?无论Vrms是120还是220都试过不行。还有就是4.99是什么参数?在交流电网电压采样的分压比率中没有4.99的电阻。 问题2 dwRef_Sin_Cal_Ratio = _IQ20(5.893); //3020*3.3/10*Vrms*1.414 ,根据注释中的公式当取Vrms=120V时得到的结果是5.8734。是否可以认为5.8734就是5.893? 要是220VAC的系统 是不是就把Vrms=220带入算出参数就可以当这个比率用? 问题3 当未接DC-DC时电压环路输出用dwVoltageLoopOutConst = _IQ24(0.18)代替,公式推算实际电流大小 (实际电流*0.8*4.99/24.99)/3.3=电流标幺值。电流标幺值IQ(0.18)的实际电流算出来是3.7A。这个实际值是指的峰值电流吗?是不是还要除以1.414来换算成电流有效值?就算除以1.414结果2.616A也不等于2.71A啊,还是说2.616A近似等价于2.71A? 麻烦工作人员解答一下。谢谢! |
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2 个讨论
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问题1
比如在ICMD环节的补偿参数dwFdFwd_Comp = _IQ26(1.0); //3020*3.3/(4.99*Vrms*1.414),按照注释中的公式如何得到IQ26(1.0)?无论Vrms是120还是220都试过不行。还有就是4.99是什么参数?在交流电网电压采样的分压比率中没有4.99的电阻。 dwFdFwd_Comp is the compensation for the change of the grid voltage. The default value is 1. 跟后面的注释没有关系. 以下的问题2和3,实际按照你计算得到的值理解. 问题2 dwRef_Sin_Cal_Ratio = _IQ20(5.893); //3020*3.3/10*Vrms*1.414 ,根据注释中的公式当取Vrms=120V时得到的结果是5.8734。是否可以认为5.8734就是5.893? 要是220VAC的系统 是不是就把Vrms=220带入算出参数就可以当这个比率用? 问题3 当未接DC-DC时电压环路输出用dwVoltageLoopOutConst = _IQ24(0.18)代替,公式推算实际电流大小 (实际电流*0.8*4.99/24.99)/3.3=电流标幺值。电流标幺值IQ(0.18)的实际电流算出来是3.7A。这个实际值是指的峰值电流吗?是不是还要除以1.414来换算成电流有效值?就算除以1.414结果2.616A也不等于2.71A啊,还是说2.616A近似等价于2.71A? |
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